Als erstes stellen wir einen Term auf, der die geforderten Nullstellen besitzt. Dazu bekommt jede Nullstelle ihren Linearfaktor, also $\text{f(x)}=$ $x+2$.

Jetzt betrachten wir das Verhalten für x → ± ∞ :

Das Verhalten, dass für x → +∞ : f(x) → 0 strebt und gleichzeitig für x → -∞ : f(x) → ± ∞ strebt, kennen wir doch von e^-x. Also multiplizieren wir einfach mal ein e^-x zu unserem bisherigen Term dazu: $\text{f(x)}=$ $\left(x+2\right)·e^{-x}$. Jetzt strebt auch tatsächlich für x → -∞ : f(x) gegen -∞, so dass wir einen gesuchten Term gefunden haben:
$\text{f(x)}=$ $\left(x+2\right)·e^{-x}$

Dieser funktionierende Term ist im roten Graphen eingezeichnet

Als erstes erinnern wir uns die natürliche Exponentialfunktion f₀(x)= $e^x$ (im Schaubild in schwarzer Farbe eingezeichnet).

Da bei $e^x-1$ zu jedem Funktionswert von $e^x$ noch -1 addiert wird, hat der Graph von $e^x-1$ die gleiche Form wie der der natürlichen Exponentialfunktion, nur eben um 1 nach unten verschoben. Daraus ergeben sich folgende Aussagen:

• Da der Graph nach unten verschoben wurde, schneidet er nun die x-Achse.
• Die Funktionswerte werden (von links nach rechts) immer größer. Die Funktion ist also streng monoton steigend.
• Wie $e^x$ strebt auch $e^x-1$ für x → ∞ gegen ∞ .
• Für x → -∞ strebt $e^x-1$ gegen 0 -1, also gegen -1.

Nullstellen sind die x-Werte, an denen der Funktionswert 0 beträgt, es muss also gelten:

f(x)=0

$2x^6-32x^2$	=	0
$2x^2\left(x^4-16\right)$	=	0

Ein Produkt ist genau dann =0, wenn mindestens einer der beiden Faktoren =0 ist.

1. Fall:

2. Fall:

L={ $-2$; 0; $2$}

0 ist 2-fache Lösung!

Eine Mehrfachheit der Nullstellen muss natürlich auch in der faktorisierten Darstellung berücksichtigt werden.

Auch der ausgeklammerte (oder wegdividierte) Faktor 2 darf natürlich nicht vergessen werden:

Wenn wir den substituierten Term $x^2+0-16$ anschauen, können wir ja auch den erst mal noch faktorisieren:

$x^4+0-16$ =nach Substitution $x^2+0-16$ = $\left(u+4\right)·\left(u-4\right)$ =nach Re-Substitution $\left(\mathrm{x²}+4\right)·\left(\mathrm{x²}-4\right)$

Somit gilt für die faktorisierte Darstellung:

$\text{f(x)}=$ $2x^2·\left(x+2\right)·\left(x-2\right)$ = $2x^6-32x^2$

1. Verhalten für t gegen unendlich

   Gesucht ist das Verhalten der Funktionswerte bei sehr großen t-Werten, also das Verhalten von f für t → ∞.

   Für t → ∞ ⇒ f(t)= $35-26e^{-\mathrm{0,7}t}$ → $35+0$

   Das langfristige Verhalten der Funktionswerte geht also gegen $35$.

2. Erster t-Wert bei y = 23

   Gesucht sind die Zeitpunkte, an denen die Funktion die Werte y=23 annimmt.

   Dazu setzen wir die Funktion einfach = 23 und lösen nach t auf:

   $35-26e^{-\mathrm{0,7}t}$ = $23$

   $-26e^{-\mathrm{0,7}t}+35$	=	$23$	| $-35$
   $-26e^{-\mathrm{0,7}t}$	=	$-12$	|:$-26$
   $e^{-\mathrm{0,7}t}$	=	$\frac{6}{13}$	|ln(⋅)
   $-\mathrm{0,7}t$	=	$\ln \left(\frac{6}{13}\right)$	|:$-\mathrm{0,7}$
   $t$	=	$-\frac{1}{0.7}\ln \left(\frac{6}{13}\right)$	≈ 1.1046

   Der erste Zeitpunkt an dem die die Funktion den Wert 23 annimmt, ist also nach 1.1 min.